2022年全国高考乙卷物理试题（解析版）

下面是小编为大家整理的2022年全国高考乙卷物理试题（解析版）,供大家参考。

　 2022 年全国乙理综- 物理

　二、选择题：

　1. 2022年 3月，中国航天员翟志刚、王亚平、叶光富在离地球表面约 400km 的“天宫二号”空间站上通过天地连线，为同学们上了一堂精彩的科学课。通过直播画面可以看到，在近地圆轨道上飞行的“天宫二号”中，航天员可以自由地漂浮，这表明他们（

　）

　A. 所受地球引力的大小近似为零 B. 所受地球引力与飞船对其作用力两者的合力近似为零 C. 所受地球引力的大小与其随飞船运动所需向心力的大小近似相等 D. 在地球表面上所受引力的大小小于其随飞船运动所需向心力的大小 【答案】C 【解析】

　【详解】ABC．航天员在空间站中所受万有引力完全提供做圆周运动的向心力，飞船对其作用力等于零，故 C正确，AB错误； D．根据万有引力公式 2MmF Gr万 可知在地球表面上所受引力的大小大于在飞船所受的万有引力大小，因此地球表面引力大于其随飞船运动所需向心力的大小，故 D错误。

　故选 C。

　2. 如图，一不可伸长轻绳两端各连接一质量为 m 的小球，初始时整个系统静置于光滑水平桌面上，两球间的距离等于绳长 L。一大小为 F的水平恒力作用在轻绳的中点，方向与两球连线垂直。当两球运动至二者相距35L 时，它们加速度的大小均为（

　）

　 A. 58Fm B. 25Fm C. 38Fm D. 310Fm 【答案】A 【解析】

　【详解】当两球运动至二者相距35L 时，,如图所示

　 由几何关系可知 3310sin52LL  

　设绳子拉力为 T ，水平方向有 2 cos T F  

　解得 58T F 

　对任意小球由牛顿第二定律可得 T ma 

　解得 58Fam

　故 A 正确，BCD 错误。

　故选 A。

　3. 固定于竖直平面内的光滑大圆环上套有一个小环，小环从大圆环顶端 P 点由静止开始自由下滑，在下滑过程中，小环的速率正比于（

　）

　A. 它滑过的弧长 B. 它下降的高度 C. 它到 P 点的距离 D. 它与 P 点的连线扫过的面积 【答案】C 【解析】

　【详解】如图所示

　设圆环下降的高度为 h ，圆环的半径为 R ，它到 P点的距离为 L ，根据机械能守恒定律得 212mgh mv 

　由几何关系可得 sin h L  

　sin2LR 

　联立可得 22LhR

　可得 gv LR

　故 C 正确，ABD 错误。

　故选 C。

　4. 一点光源以 113W的功率向周围所有方向均匀地辐射波长约为 6 × 10

　- 7 m的光，在离点光源距离为 R 处每秒垂直通过每平方米的光子数为 3 × 10 14 个。普朗克常量为 h = 6.63 × 10

　- 34 Js。R约为（

　 ）

　A. 1 × 10 2m B. 3 × 10 2m C. 6 × 10 2m D. 9 × 10 2 m 【答案】B 【解析】

　【详解】一个光子的能量为

　 E = hν ν 为光的频率，光的波长与频率有以下关系 c = λν 光源每秒发出的光子的个数为 P Pnh hc 

　P 为光源的功率，光子以球面波的形式传播，那么以光源为原点的球面上的光子数相同，此时距光源的距离为 R 处，每秒垂直通过每平方米的光子数为 3 × 10 14 个，那么此处的球面的表面积为 S = 4πR 2

　则 143 10nS 

　联立以上各式解得 R ≈ 3 × 10 2 m 故选 B。

　5. 安装适当的软件后，利用智能手机中的磁传感器可以测量磁感应强度 B。如图，在手机上建立直角坐标系，手机显示屏所在平面为 xOy 面。某同学在某地对地磁场进行了四次测量，每次测量时 y轴指向不同方向而 z 轴正向保持竖直向上。根据表中测量结果可推知（

　 ）

　测量序号 B x /μT B y /μT B z /μT 1 0 21

　- 45 2 0

　- 20

　- 46 3 21 0

　- 45 4

　- 21 0

　- 45

　A. 测量地点位于南半球 B. 当地的地磁场大小约为 50μT C 第 2 次测量时 y轴正向指向南方

　 D. 第 3次测量时 y 轴正向指向东方 【答案】BC 【解析】

　【详解】A．如图所示

　地球可视为一个磁偶极，磁南极大致指向地理北极附近，磁北极大致指向地理南极附近。通过这两个磁极的假想直线（磁轴）与地球的自转轴大约成 11.3 度的倾斜。由表中 z 轴数据可看出 z轴的磁场竖直向下，则测量地点应位于北半球，A错误； B．磁感应强度为矢量，故由表格可看出此处的磁感应强度大致为 2 2 2 2x z y zB B B B B    

　计算得 B ≈ 50μT B正确； CD．由选项 A 可知测量地在北半球，而北半球地磁场指向北方斜向下，则第 2 次测量，测量0yB ，故 y轴指向南方，第 3 次测量 0xB  ，故 x 轴指向北方而 y轴则指向西方，C正确、D错误。

　故选 BC。

　6. 如图，两对等量异号点电荷q 、   0 q q   固定于正方形的 4个项点上。L、N是该正方形两条对角线与其内切圆的交点，O为内切圆的圆心，M 为切点。则（

　）

　 A. L和 N 两点处的电场方向相互垂直 B. M点的电场方向平行于该点处的切线，方向向左 C. 将一带正电的点电荷从 M点移动到 O点，电场力做正功 D. 将一带正电的点电荷从 L点移动到 N点，电场力做功为零 【答案】AB 【解析】

　【详解】A．两个正电荷在 N 点产生的场强方向由 N指向 O，N点处于两负电荷连线的中垂线上，则两负电荷在 N点产生的场强方向由 N 指向 O，则 N 点的合场强方向由 N指向O，同理可知，两个负电荷在 L 处产生的场强方向由 O 指向 L，L 点处于两正电荷连线的中垂线上，两正电荷在 L处产生的场强方向由 O指向 L，则 L处的合场方向由 O指向 L，由于正方向两对角线垂直平分，则 L和 N两点处的电场方向相互垂直，故 A 正确； B．正方向底边的一对等量异号电荷在 M点产生的场强方向向左，而正方形上方的一对等量异号电荷在 M 点产生的场强方向向右，由于 M点离上方一对等量异号电荷距离较远，则 M点的场方向向左，故 B正确； C．由图可知，M和 O 点位于两等量异号电荷的等势线上，即 M和 O 点电势相等，所以将一带正电的点电荷从 M点移动到 O 点，电场力做功为零，故 C错误； D．由图可知，L 点的电势低于 N点电势，则将一带正电的点电荷从 L点移动到 N 点，电场力做功不为零，故 D 错误。

　故选 AB。

　7. 质量为 1kg 的物块在水平力 F 的作用下由静止开始在水平地面上做直线运动，F 与时间t的关系如图所示。已知物块与地面间的动摩擦因数为 0.2，重力加速度大小取210m/s  g 。则（

　）

　 A. 4s 时物块的动能为零 B. 6s 时物块回到初始位置 C. 3s 时物块的动量为 12kg m/s 

　D. 0~6s 时间内 F对物块所做的功为 40J

　【答案】AD

　 【解析】

　【详解】物块与地面间 摩擦力为 2N f mg   

　AC．对物块从 0 3 内由动量定理可知 1 3( ) F f t mv  

　即 3(4 2) 3 1 v    

　得 36m/s v 

　3s 时物块的动量为 36kg m/s p mv   

　设 3s后经过时间 t物块的速度减为 0，由动量定理可得 3( ) 0 F f t mv    

　即 (4 2) 0 1 6 t     

　解得 1s t 

　所以物块在 4s时速度减为 0，则此时物块的动能也为 0，故 A正确，C 错误； B． 0 3 物块发生的位移为 x 1 ，由动能定理可得 21 31( )2F f x mv  

　即 211(4 2) 1 62x    

　得 19m x 

　3s 4s  过程中，对物块由动能定理可得 22 31( ) 02F f x mv    

　即 221(4 2) 0 1 62x      

　得

　 23m x 

　4s 6s 物块开始反向运动，物块的加速度大小为 22m/sF fam 

　发生的位移为 23 1 212 2 m=4m2x x x     

　即 6s时物块没有回到初始位置，故 B错误； D．物块在 6s 时的速度大小为 62 2m/s=4m/s v  

　0 6s 拉力所做的功为 (4 9 4 3 4 4)J 40J W       

　故 D 正确。

　故选 AD。

　8. 一种可用于卫星上的带电粒子探测装置，由两个同轴的半圆柱形带电导体极板（半径分别为 R和 R d  ）和探测器组成，其横截面如图（a）所示，点 O为圆心。在截面内，极板间各点的电场强度大小与其到 O点的距离成反比，方向指向 O点。4个带正电的同种粒子从极板间通过，到达探测器。不计重力。粒子 1、2做圆周运动，圆的圆心为 O、半径分别为1r 、  2 1 2r R r r R d     ；粒子 3从距 O点2r 的位置入射并从距 O 点1r 的位置出射；粒子 4 从距 O点1r 的位置入射并从距 O点2r 的位置出射，轨迹如图（b）中虚线所示。则（

　）

　 A. 粒子 3 入射时的动能比它出射时的大 B. 粒子 4 入射时的动能比它出射时的大

　 C. 粒子 1 入射时的动能小于粒子 2入射时的动能 D. 粒子 1 入射时的动能大于粒子 3入射时的动能 【答案】BD 【解析】

　【详解】C．在截面内，极板间各点的电场强度大小与其到 O 点的距离成反比，可设为 Er k 

　带正电的同种粒子 1、2 在均匀辐向电场中做匀速圆周运动，则有 2111vqE mr ，2222vqE mr

　可得 21 1 2 2112 2 2qE r qE rmv  

　即粒子 1入射时的动能等于粒子 2入射时的动能，故 C 错误； A．粒子 3从距 O点2r 的位置入射并从距 O点1r 的位置出射，做向心运动，电场力做正功，则动能增大，粒子 3入射时的动能比它出射时的小，故 A错误； B．粒子 4 从距 O点1r 的位置入射并从距 O点2r 的位置出射，做离心运动，电场力做负功，则动能减小，粒子 4入射时的动能比它出射时的大，故 B正确； D．粒子 3做向心运动，有 2322vqE mr

　可得 2 22 23 11 12 2 2qE rmv mv  

　粒子 1 入射时的动能大于粒子 3 入射时的动能，故 D 正确； 故选 BD。

　三、非选择题：

　（一）必考题：

　9. 用雷达探测一高速飞行器的位置。从某时刻（ 0  t ）开始的一段时间内，该飞行器可视为沿直线运动，每隔 1s 测量一次其位置，坐标为 x，结果如下表所示：

　/s t

　0 1 2 3 4 5 6 /m x

　0 507 1094 1759 2505 3329 4233 回答下列问题：

　（1）根据表中数据可判断该飞行器在这段时间内近似做匀加速运动，判断的理由是：

　 ______； （2）当 507m x  时，该飞行器速度的大小 v______ m/s ； （3）这段时间内该飞行器加速度的大小 a______2m/s （保留 2位有效数字）。

　【答案】

　①. 相邻 1s内的位移之差接近∆x=80m

　②. 547

　③. 79 【解析】

　【详解】（1）[1]第 1s内的位移 507m，第 2s 内的位移 587m，第 3s内的位移 665m，第 4s内的位移 746m，第 5s 内的位移 824m，第 6s内的位移 904m，则相邻 1s 内的位移之差接近∆x=80m，可知判断飞行器在这段时间内做匀加速运动； （2）[2]当 x=507m时飞行器的速度等于 0-2s 内的平均速度，则 11094m/s=547m/s2v 

　（3）[3]根据 2 236 032 24233 2 1759m/s 79m/s9 9 1x xaT     10. 一同学探究阻值约为 550 的待测电阻xR 在 0~5mA 范围内的伏安特性。可用器材有：电压表 V（量程为 3V ，内阻很大），电流表 A（量程为 1mA ，内阻为 300 ），电源E（电动势约为 4V ，内阻不计），滑动变阻器 R（最大阻值可选 10 或 1.5kΩ ），定值电阻0R （阻值可选 75 或 150 ），开关 S，导线若干。

　（1）要求通过xR 的电流可在 0~5mA 范围内连续可调，在答题卡上将图（a）所示的器材符号连线，画出实验电路的原理图________； （2）实验时，图（a）中的 R 应选最大阻值为______（填“ 10 ”或“ 1.5kΩ ”）的滑动变阻器，0R 应选阻值为______（填“ 75 ”或“ 150 ”）的定值电阻； （3）测量多组数据可得xR 的伏安特性曲线。若在某次测量中，电压表、电流麦的示数分别如图（b）和图（c）所示，则此时xR 两端的电压为______V，流过xR 的电流为_____mA ，此组数据得到的xR 的阻值为______  （保留 3位有效数字）。

　【答案】

　①.

　 ②. 10Ω

　 ③. 75Ω

　 ④. 2.30

　 ⑤. 4.20

　 ⑥. 548

　【解析】

　【详解】（1）[1]电流表内阻已知，电流表与0R 并联扩大电流表量程，进而准确测量通过xR 的电流，电压表单独测量xR 的电压；滑动变阻器采用分压式接法，电表从 0 开始测量，满足题中通过xR 的电流从 0~5mA 连续可调，电路图如下

　（2）[2]电路中 R 应选最大阻值为 10Ω 的滑动变阻器，方便电路的调节，测量效率高、实验误差小； [3]通过xR 电流最大为 5mA ，需要将电流表量程扩大为原来的 5 倍，根据并联分流的规律示意图如下

　根据并联分流，即并联电路中电流之比等于电阻的反比，可知

　 04mA 300Ω1mA R 解得 075Ω R 

　（3）[4]电压表每小格表示 0.1V ，向后估读一位，即 2.30V U  ； [5]电流表每小格表示 0.02mA ，本位估读，即 0.84mA ，电流表量程扩大 5 倍，所以通过xR 的电流为4.20mA I  ； [6]根据欧姆定律可知 32.30Ω 548Ω4.20 10xURI   11. 如图，一不可伸长的细绳的上端固定，下端系在边长为 0.40m l  的正方形金属框的一个顶点上。金属框的一条对角线水平，其下方有方向垂直于金属框所在平面的匀强磁场。已知构成金属框的导线单位长度的阻值为35.0 10 Ω/m  ；在 0  t 到 3.0s t  时间内，磁感应强度大小随时间 t的变化关系为 ( ) 0.3 0.1 (SI) B t t   。求: （1）

　2.0s t  时金属框所受安培力的大小； （2）在 0  t 到 2.0s t  时间内金属框产生的焦耳热。

　【答案】（1）

　0.04 2N ；（2）0.016J 【解析】

　【详解】（1）金属框的总电阻为 34 4 0.4 5 10 0.008 R l       

　金属框中产生的感应电动势为 22120.1 0.4 V 0.008V2lBEt t        金属框中的电流为 1AEIR 

　t=2.0s时磁感应强度

　2(0.3 0.1 2)T=0.1T B   

　 金属框处于磁场中的有效长度为 2 L l 

　此时金属框所受安培力大小为 20.1 1 2 0.4N=0.04 2NAF B IL     

　（2）

　0 2.0s : 内金属框产生的焦耳热为 2 21 0.008 2J 0.016J Q I Rt     

　12. 如图（a），一质量为 m的物块 A与轻质弹簧连接，静止在光滑水平面上：物块 B 向 A运动， 0  t 时与弹簧接触，到02 t t  时与弹簧分离，第一次碰撞结束，A、B的 v t  图像如图（b）所示。已知从 0  t 到 t t 0 0 时间内，物块 A运动的距离为 0 00.36v t 。A、B 分离后，A滑上粗糙斜面，然后滑下，与一直在水平面上运动的 B再次碰撞，之后 A 再次滑上斜面，达到的最高点与前一次相同。斜面倾角为 (sin 0.6)    ，与水平面光滑连接。碰撞过程中弹簧始终处于弹性限度内。求 （1）第一次碰撞过程中，弹簧弹性势能的最大值； （2）第一次碰撞过程中，弹簧压缩量的最大值； （3）物块 A与斜面间的动摩擦因数。

　【答案】（1）200.6mv ；（2）0 00.768v t ；（3）

　0.45

　【解析】

　【详解】（1）当弹簧被压缩最短时，弹簧...

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